Đề thi Cuối kì 1 Toán 11 Cánh diều cấu trúc mới (có tự luận) – Đề 4 (có đáp án)

a) Lăng trụ tứ giác $ABCD.A^{\prime }{B}^{\prime }{C}^{\prime }{D}^{\prime }$ có hai đáy $ABCD$ và $A^{\prime }{B}^{\prime }{C}^{\prime }{D}^{\prime }$là hai hình bình hành nên $ABCD.A^{\prime }{B}^{\prime }{C}^{\prime }{D}^{\prime }$ là hình hộp.

b) Có $AB//C^{\prime }{D}^{\prime }$ và $AB=C^{\prime }{D}^{\prime }$ nên $AB{C}^{\prime }{D}^{\prime }$ là hình bình hành.

c) Vì $AB{C}^{\prime }{D}^{\prime }$ là hình bình hành nên $A{D}^{\prime }//B{C}^{\prime }$ mà $B{C}^{\prime }\subset \left(BD{C}^{\prime }\right)$. Suy ra $A{D}^{\prime }//\left(BD{C}^{\prime }\right)$.

d) Có $AC//A^{\prime }{C}^{\prime }$ mà $A^{\prime }{C}^{\prime }\subset \left(B{A}^{\prime }{C}^{\prime }\right)$ nên $AC//\left(B{A}^{\prime }{C}^{\prime }\right)$ (1).

Có $A{D}^{\prime }//B{C}^{\prime }$ mà $B{C}^{\prime }\subset \left(B{A}^{\prime }{C}^{\prime }\right)$nên $A{D}^{\prime }//\left(B{A}^{\prime }{C}^{\prime }\right)$(2).

Từ (1) và (2), suy ra $\left(AC{D}^{\prime }\right)//\left(B{A}^{\prime }{C}^{\prime }\right)$.

Đáp án: a) Đúng;   b) Sai;   c) Đúng;   d) Đúng.

a) $f\left(\frac{\pi }{3}\right)=\tan \left(3.\frac{\pi }{3}\right)=\tan \pi =0$.

b) Ta có $f\left(-x\right)=\tan \left(-3x\right)=-\tan 3x=-f\left(x\right)$. Do đó hàm số $f\left(x\right)$ là hàm số lẻ.

c) Điều kiện: $\cos 3x\ne 0$$\iff 3x\ne \frac{\pi }{2}+k\pi$$\iff x\ne \frac{\pi }{6}+k\frac{\pi }{3},k\in \mathbb{Z}$.

Do đó $D=\mathbb{R}\backslash \left\{\frac{\pi }{6}+k\frac{\pi }{3},k\in \mathbb{Z}\right\}$.

d) Có $\tan 3x=1$$\iff 3x=\frac{\pi }{4}+k\pi$$\iff x=\frac{\pi }{12}+k\frac{\pi }{3},k\in \mathbb{Z}$.

Vì $0<x<\pi$ nên $0<\frac{\pi }{12}+k\frac{\pi }{3}<\pi$$\iff -\frac{1}{4}<k<\frac{11}{4}$.

Vì $k\in \mathbb{Z}$ nên $k=0;k=1;k=2$.

Từ đó ta có $x=\frac{\pi }{12};x=\frac{5\pi }{12};x=\frac{3\pi }{4}$.

Do đó tổng các nghiệm là $\frac{\pi }{12}+\frac{5\pi }{12}+\frac{3\pi }{4}=\frac{5\pi }{4}$.

Đáp án: a) Đúng;   b) Đúng;   c) Sai;   d) Đúng.

Ta có $q=\frac{u_2}{u_1}=\frac{-6}{3}=-2$.

Suy ra $u_4=u_1.q^3=3.{\left(-2\right)}^3=-24$.

Trả lời: −24.

$\lim \frac{3n^2+n}{1-2n^2}=\lim \frac{3+\frac{1}{n}}{\frac{1}{n^2}-2}$$=\lim \frac{3+\frac{1}{n}}{\frac{1}{n^2}-2}=-1,5$.

Trả lời: −1,5.

Gọi $N$ là trung điểm của $AB$, M là trung điểm $AC$.

Suy ra $MN$là đường trung bình của $\Delta ABC$. Do đó $MN//BC$.

Do đó $N$là hình chiếu song song của điểm $M$ lên $\left(A{A}^{\prime }{B}^{\prime }\right)$ theo phương chiếu $CB$.

Do đó $\frac{MN}{BC}=\frac{1}{2}=0,5$.

Trả lời: 0,5.

Giả sử trồng được $n$ hàng cây $\left(n\ge 1;n\in \mathbb{N}\right)$.

Số cây ở mỗi hàng lập thành một cấp số cộng với $u_1=1;d=1$.

Theo đề ta có $S_n=465$ $\iff \frac{\left[2u_1+\left(n-1\right)d\right]n}{2}=465$$\iff \frac{\left[2.1+\left(n-1\right).1\right]n}{2}=465$$\iff n^2+n-930=0$

$\iff n=30$.

Vậy khu vườn có 30 hàng cây.

Các mặt kệ sách đặt song song với mặt đất nên là hình ảnh của các mặt phẳng song song nhau, ta kí hiệu các mặt phẳng từ đáy kệ sách lên trên lần lượt là $\left(P_1\right),\left(P_2\right),\left(P_3\right),\left(P_4\right)$.

Áp dụng định lí Thales cho ba mặt phẳng $\left(P_1\right),\left(P_2\right),\left(P_3\right)$ với hai cát tuyến $d_1;d_2$ ta có $\frac{FG}{BC}=\frac{GH}{CD}\Rightarrow \frac{FG}{GH}=\frac{BC}{CD}$.

Mà $BC=CD$ nên $\frac{FG}{GH}=1\Rightarrow FG=GH$.

Tương tự áp dụng định lí Thales cho ba mặt phẳng $\left(P_2\right),\left(P_3\right),\left(P_4\right)$ với hai cát tuyến $d_1;d_2$ ta có $EF=FG$.

Từ đó suy ra $GH=FG=EF=32$ cm.

Vậy $HE=EF+FG+GH=96$cm.

Gọi $h_n$ là độ cao quả bóng đạt được ở lần nảy thứ $n$.

Theo bài ra ta có $h_n=\frac{3}{10}{h}_{n-1}$ nên $\left(h_n\right)$ là 1 cấp số nhân với $h_1=\frac{3}{10}.7,2$ với công bội $q=\frac{3}{10}$ (là cấp số nhân lùi vô hạn).

Gọi $v_n$ là độ dài quãng đường bóng rơi từ trên xuống đất lần thứ $n$.

Theo bài ta ta có $v_n=\frac{3}{10}{v}_{n-1}$ nên $\left(v_n\right)$ là một cấp số nhân với $v_1=7,2$ và công bội $q=\frac{3}{10}$ (là cấp số nhân lùi vô hạn).

Nếu quá trình bóng rơi xuống, nảy lên diễn ra mãi thì tổng quãng đường bóng di chuyển được bằng:

$\underset{n\to +\infty }{\lim }{S}_n=\underset{n\to +\infty }{\lim }\left[\left(v_1+v_2+...+v_n+...\right)+\left(\left(h_1+h_2+...+h_n+...\right)\right)\right]$

$=\left(7,2.\frac{1}{1-\frac{3}{10}}\right)+\left(7,2.\frac{3}{10}.\frac{1}{1-\frac{3}{10}}\right)=\frac{468}{35}\approx 13,4$ (m).